我正在使用Foggem生成预签名url。我可以成功执行此操作以获得对该文件的读取权限。这是我的做法:fog_s3=Fog::Storage.new({:provider=>'AWS',:aws_access_key_id=>key,:aws_secret_access_key=>secret})object_path='foo.wav'expiry=Date.new(2014,2,1).to_time.to_iurl=fog_s3.directories.new(:key=>bucket).files.new(:key=>object_path).url(expiry,path_sty
给定以下内容，如何获取URL的完整路径uri=URI("http://foo.com/posts?id=30&limit=5#time=1305298413")我只想要posts?id=30&limit=5#time=1305298413我试过uri.path并返回/posts和ui.query返回'id=30&limit=5' 最佳答案 您要找的方法是request_uriuri.request_uri=>"/posts?id=30&limit=5"如果需要，您可以使用任何您想要删除前导/的方法。编辑:要获取#符号后的部分，请使用
我最近升级到Ruby1.9，我不能再用Sass编译任何东西。我见过说明我是否放置的解决方案@charset"utf-8";在我的.sccs文件的顶部，它会修复它。但是我仍然遇到错误。这是完整的回溯我也试过从我的CSS文件中删除任何非ascii字符，创建一个新字符等。它就是无法编译。有什么建议吗？回溯:Sassiswatchingforchanges.PressCtrl-Ctostop./home/webdev/.gem/repository/gems/sass-3.1.1/lib/sass/util.rb:496:in`encode':transcodingnotsupported(f
我有一个包含一些HTML编码字符的字符串，我想删除它们:"<div>HiAll,</div><divclass=\"paragraph_break\"></></div><div>StartingtodayweareinitiatingPoLS.</div><divclass=\"paragraph_break\"><br/></div><div>Pleaseusethefollowingcommunicationprotocols:<br/>
我正在尝试将sinatra应用程序迁移到ruby1.9我正在使用sinatra1.0、rack1.2.0和erb模板当我启动sinatra时它可以工作，但是当我从浏览器请求网页时出现此错误:Encoding::CompatibilityErrorat/incompatiblecharacterencodings:ASCII-8BITandUTF-8所有.rb文件都有这个标题:#!/usr/bin/envruby#encoding:utf-8我认为问题出在erb文件中，即使它显示它是UTF-8编码[user@localhostviews]$filehome.erbhome.erb:U
我有以下用于将本地文件上传到AmazonS3存储桶的代码:require'aws/s3'moduleAmazonS3defself.upload_file(local_file)bucket_name="bucketfortest"s3=AWS::S3.new(:access_key_id=>ENV["AMAZON_ACCESS_KEY"],:secret_access_key=>ENV["AMAZON_SECRET_KEY"])key=File.basename(local_file)amazon_object=s3.buckets[bucket_name].objects[key]
历史:我在Amazon上创建了一个key和pem文件。我创建了一个私有(private)存储桶我创建了一个公共(public)分配并使用原始ID连接到私有(private)存储桶:有效我创建了一个私有(private)分配并像#3一样连接它-现在我得到拒绝访问:预期我很难生成一个有效的url。我一直在尝试按照此处描述的说明进行操作:http://docs.amazonwebservices.com/AmazonCloudFront/latest/DeveloperGuide/index.html?PrivateContent.html这就是我到目前为止所得到的......虽然不起作用-
我想在rspec中创建一个get请求。get:exec,{:query=>"bla",:id=>"something",:user_id=>"user"}这构建了一个URL，如:/user/query/something/exec?query=bla问题是我的Controller检查它收到的请求并且url必须如下所示:/user/query/something/_XXX_/exec?query=bla我怎样才能在rspec中做这样的事情？(XXX硬编码在routes.rb文件中。) 最佳答案 我假设您指的是Controller规范。
到目前为止，我已经能够将它们拼接在一起:)beginopen("http://www.somemain.com/"+path+"/"+blah)rescueOpenURI::HTTPError@failure+=painting.permalinkelse@success+=painting.permalinkend但是我如何读取我要调用的服务的输出呢？ 最佳答案 Open-URI扩展了open，因此您将获得一种返回的IO流:open('http://www.example.com')#=>#你必须阅读它才能获得内容:open('h
我有一个RubyonRails应用程序，您可以在其中创建“帖子”。我开始使用脚手架生成器来生成标题(字符串)和正文(内容)。每个“帖子”都有一个id的url，例如/1、/2、/3等。有没有办法将其更改为一串随机字符，例如/49sl、/l9sl等？更新这是我为posts_controller.rb准备的classPostsController 最佳答案 Rails使用ActiveRecord对象的to_param方法将其解析为URL。假设您有办法生成这些唯一ID(将其称为IdGenerator)，您可以执行以下操作:1-每当您持久化一
